学习shell引用变量的一个问题

sanjinxiong · #1

#!/bin/bash

a='ls -l'

echo $a

echo "$a"

运行出来后为什么都显示为ls -l

cjxgm · #2

本来就都是显示 ls -l 啊
LZ想要什么

wiewi · #3

我猜楼主想要的是运行ls -l的结果吧
可以用

eval $a

就会执行了

cjxgm · #4

直接 $a 就可以执行了吧，eval 可以不要的

wiewi · #5

cjxgm 写了：直接 $a 就可以执行了吧，eval 可以不要的

还真是，以前都没试过这样，受教了

我就是我2 · #6

莫非LZ想这样
a=$(ls -l)
或者
a=`ls -l`
命令输出存储为变量？

sanjinxiong · #7

我想把ls -l的结果传递给a的，为什么打印出来的是ls -l本身
而不是这个命令的结果呢

wiewi · #8

sanjinxiong 写了：我想把ls -l的结果传递给a的，为什么打印出来的是ls -l本身
而不是这个命令的结果呢

看6楼就是

sanjinxiong · #9

我看的shell编程指南上说的是

a='ls -l'把ls -l的结果给a

echo $a #这么引用ls中的所有空白结果都没了

echo "$a" 这么引用保留了空白

sanjinxiong · #10

多谢啦

原来是我看错了应该是`ls -l`而不是'ls -l'